2024届高三第一次联考物理参考答案及评分标准二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。题号1415161718192021答案BDACDACCDBC三、非选择题：共62分。（一）必考题：共47分。22．（6分）（1）0.84（2分）2.74（2分）（2）小（2分）23．（9分）（1）B（2分）（2）左端（1分）0.377（2分）0.390（2分）（3）乙（2分）24．（12分）解：（1）物品在传送带上匀加速运动时，由牛顿第二定律有（1分）设物品达到传送带的速度所需时间为（1分）（1分）位移大小（1分）物品在传送带上匀速运动的时间（1分）解得（1分）（2）物品在斜面上下滑时，由牛顿第二定律有（2分）由运动学公式有（2分）解得（2分）（其它合理解法，参照给分）25．（20分）解：（1）滑块1从A点运动到B点的过程中，由动能定理有（2分）在B点，对滑块1由牛顿第二定律有（2分）（1分）由牛顿第三定律可得，滑块1对圆弧轨道的压力大小（1分）（2）滑块1从B点运动到C点的过程中，由动能定理有（1分）两滑块碰撞过程中，两滑块组成的系统动量和机械能守恒，规定水平向右为正方向，则有（2分）（2分）解得，（1分）（3）两滑块在水平地面上运动时，加速度大小相等，即（1分）对滑块2有，（1分）位移大小（1分）假设滑块2停下来时还未与滑块1发生第二次碰撞对滑块1分析有（1分）由于，因此假设成立，发生第二次碰撞时，同理有（1分）（1分）解得，两者之间的距离（1分）解得（1分）（其它合理解法，参照给分）（二）选考题：共15分。33．（15分）（1）（5分）BDE（评分标准：选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）（10分）解：（）旋转后，上部分气体发生等温变化，根据玻意尔定律可知（2分）解得旋转后上部分气体的压强为（1分）旋转后，下部分气体发生等温变化，下部分气体的体积增大为，则（1分）解得旋转后下部分气体的压强为（1分）（）对“H”形连杆活塞整体受力分析，活塞的重力竖直向下，上部分气体对活塞的作用力竖直向上，下部分气体对活塞的作用力竖直向下，大气压力上、下部分抵消，根据平衡条件可知（3分）解得活塞的质量为（2分）（其它合理解法，参照给分）34．（15分）（1）（5分）负（2分）8（1分）6（2分）（2）（10分）解：（）光路图如答图1所示，可知（1分）答图1（2分）解得（2分）（）由几何关系，该束光线首次射出棱镜时的入射角（1分）（2分）解得（2分）（其它合理解法，参照给分）解析：14．【答案】B【解析】该空间站和同步卫星均绕地球做匀速圆周运动，满足，该空间站的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，因此该空间站的运行速度大于同步卫星的运行速度，A错误；该空间站的运行周期小于同步卫星的运行周期，B正确；该空间站的向心加速度大于同步卫星的向心加速度，C错误；空间站和同步卫星的质量均未知，因此它们受到地球的万有引力大小不能比较，D错误。15．【答案】D【解析】M、N两点处于同一条电场线上，沿着电场线方向电势降低，因此M点的电势低于N点，A错误；N点所在区域的电场线比M点密集，因此N点的电场强度大于M点，电子在N点所受电场力大于M点，电子在N点的加速度大于在M点的加速度，B错误；电子从M点运动到N点，电场力做正功，动能增大，电势能减小，C错误，D正确。16．【答案】A【解析】足球与头部相互作用前，根据运动学公式有，足球与头部相互作用后，根据运动学公式有，足球与头部相互作用的过程中，规定竖直向下为正方向，根据动量定理有，联立求解得，A正确。17．【答案】C【解析】对O点做受力分析如答图2所示，按水平方向、竖直方向正交分解，，，因蜘蛛处于静止状态，因此，联立求解得，C正确。答图2答图3答图418．【答案】D【解析】对汽车做受力分析如答图3所示，根据牛顿第二定律有，，，联立解得，因此汽车做减速运动，根据可知，随着速度减小，加速度减小，汽车做加速度减小的减速直线运动，A、B均错误；当汽车的加速度减小为0时，由上式可得，汽车的速度为，C错误；汽车在减速过程中，根据动能定理有，联立解得，D正确。19．【答案】AC【解析】当自行车不受侧向摩擦力时，对自行车做受力分析如答图4所示，根据牛顿第二定律有，解得，A正确，B错误；当自行车的速度大小为时，，自行车有向心运动的趋势，因此自行车会受到沿倾斜路面向上的侧向摩擦力，C正确，D错误。20．【答案】CD【解析】谷粒2在上升和下落过程中，经过同一高度时，速度的大小相等，方向不同，A错误；谷粒2从最高点到P点的运动和谷粒1从O点到P点的运动均为平抛运动，比较这两个过程，谷粒2从最高点到P点下落的高度更高，运动时间更长，水平位移更短，因此谷粒2在最高点的速度小于，B错误；从O点到P点，谷粒2的运动时间大于谷粒1的运动时间，C正确；速度的变化量，因此从O点到P点，谷粒2的速度变化量大于谷粒1的速度变化量，D正确。21．【答案】BC【解析】当物块和木板刚好要发生相对滑动时，对物块和木板组成的整体，根据牛顿第二定律有，对物块，根据牛顿第二定律有，联立解得，因此当时，物块和木板发生相对滑动。对木板，根据牛顿第二定律有，对物块，根据牛顿第二定律有，解得，，A错误；撤去F时，木板的速度大小，B正确；撤去F时，物块的速度大小，F作用过程中，木板的位移，物块的位移，物块相对木板向左运动的位移。撤去F后，对木板，根据牛顿第二定律有，解得，物块的加速度不变，木板做匀减速直线运动，物块做匀加速直线运动，当物块与木板共速时有，解得，，此过程中木板的位移，物块的位移，物块相对木板向左运动的位移。共速后，因，所以物块和木板不能保持相对静止一起做匀减速直线运动。对木板，根据牛顿第二定律有，解得，所以木板以的加速度做匀减速直线运动，物块以的加速度做匀减速直线运动，在速度分别减为零的过程中，设木板的位移为，有，解得，设物块的位移为，有，解得，物块相对木板向右运动的位移。整个过程中，物块相对木板向左运动的位移，C正确；根据功能关系，整个过程中由于摩擦产生的总热量来源于外力F做的功，对木板有，因此整个过程中由于摩擦产生的总热量为240J，D错误。22．【解析】（1）电流表的最小分度值为0.02mA，因此电流表的示数为0.84mA，电压表的示数为2.30V，根据欧姆定律可得的测量值。（2）根据误差分析可知，因此误差，因此越小，误差越小。23．【解析】（1）实验时，细线要保持与长木板平行，A正确；平衡摩擦力时，不能将装有砂的砂桶用细线通过定滑轮系在小车上，这样无法平衡摩擦力，B错误；实验时应先接通打点计时器的电源，再释放小车，C正确；用图a的装置进行操作时，设砂和砂桶的总质量为m，小车的质量为M，细线的拉力T满足，且，则，只有当时，T才近似等于mg，砂和砂桶的总重力大小才能作为细线对小车的拉力大小，D正确。（2）小车做加速运动，在相等时间内通过的位移逐渐增大，故小车连接在纸带的左端；，。（3）实际上细线的拉力略小于砂和砂桶的总重力，由于两组装置所用小车的质量相同，当加速度相同时，砂和砂桶的总重力更大，故用图a的装置进行实验得到的是图线乙。33．【解析】（1）布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子的无规则运动的反映，A错误；在合适的条件下，某些晶体可以转化为非晶体，某些非晶体也可以转化为晶体，B正确；相互间达到热平衡的两物体的温度一定相等，内能不一定相等，C错误；一定质量的某种理想气体在等压膨胀的过程中，根据理想气体状态方程可知，气体的温度一定升高，理想气体的内能由温度决定，则内能一定增加，D正确；雨水流过车窗时留有水迹，说明水对玻璃是浸润的，否则不会留有水迹，E正确。34．【解析】（1）所有质点的起振方向相同，由图b可知，波源的起振方向沿z轴负方向，故A点的起振方向沿z轴负方向；由图a可知，该波的波长为8m；由图b可知，该波的周期，因此波速，O、A两点的距离为8m，O、B两点的距离为20m，在波的传播方向上，A、B两点的距离为12m，因此该波从A点所在的波面传播到B点所在的波面需要的时间为6s。